Forgot Password ??

PHP , ASP , ASP.NET, VB.NET, C#, Java , jQuery , Android , iOS , Windows Phone

	Registered : 109,038

HOME > PHP > PHP Forum > ดึงข้อมูลจากฐานข้อมูลมาแสดงไม่ได้ ทั้งๆ ที่เป็นโค้ดเดิมแต่เปลี่ยนตัวแปร

ดึงข้อมูลจากฐานข้อมูลมาแสดงไม่ได้ ทั้งๆ ที่เป็นโค้ดเดิมแต่เปลี่ยนตัวแปร

เริ่มหัวข้อใหม่

AnnY

โพสกระทู้ ( 129 )
บทความ ( 0 )

ก็อบมาจากโค้ดของเว็บบอร์ด ซึ่งสามารถใช้งานได้ แต่พอเอามาเปลี่ยนตัวแปรชื่อคอลัมในตารางใหม่ ก็ดึงมาไม่ได้ เกี่ยวกับการ includ มั้ยคะว่าใช้ตัวแปรเดียวกัน

Code (PHP)

<?php
	session_start();
?>
<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD XHTML 1.0 Transitional//EN" "http://www.w3.org/TR/xhtml1/DTD/xhtml1-transitional.dtd">
<html xmlns="http://www.w3.org/1999/xhtml">
<head>
<meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=utf-8" />
<title>เพิ่มอัลบัม</title>
</head>


<body> 

<form name="form1" enctype="multipart/form-data" method="post" action="form_album_upload_save.php">
<table width="350" border="0" align="center" cellpadding="0" cellspacing="2" class="postpad">  
  <tr>
    <td colspan="2" align="center">เพิ่มอัลบัม</td>
  </tr>
  <tr>
    <td width="103">&nbsp;</td>
    <td width="241">&nbsp;</td>
  </tr>
  <tr>
    <td>ชื่ออัลบัม</td>
    <td>
      
      <input type="text" name="albumname" id="albumname" />
    </td>
  </tr>
  <tr>
    <td>ภาพปกอัลบัม</td>
    <td><input type="file" name="cover" id="cover" /></td>
  </tr>
    <tr>
    <td>&nbsp;</td>
    <td><h1 style="color:#666; font-style:normal; font-size:10px;"><span class="style1">*เฉพาะภาพประเภท .jpg /.gif / .png<br />
*ขนาด 150x160 px</span></h1></td>
  </tr>
  <tr>
    <td>&nbsp;</td>
    <td>&nbsp;</td>
  </tr>
  <tr>
    <td colspan="2" align="center">
      <input type="submit" name="addalbum" value="Add Album" />
     <input type="reset" name="reset" value="Reset" />
    </td>
  </tr>
</table></form>


<table width="200px" border="1" align="center" cellpadding="0" cellspacing="0">
 
  
  <?
  include('config.inc.php');

$sqlalbum = "select * from Album where AlbumID='$AlbumID'";
$dbquery = mysql_db_query($dbname, $sqlalbum);
$result = mysql_fetch_array($dbquery);
$albumid = $result[AlbumID];
$albumname = $result[AlbumName];
$albumcover = $result[AlbumCover];
$path="Photo/$albumcover";


//ส่วนการแสดงผล

?>
  <tr bgcolor="#FFFFFF">
    <td bgcolor="#F5F9F7" class="boderans" align="center"> 
      <br />
    
   <?
  
    if(strchr($path,".")==".JPG" ||
       strchr($path,".")==".jpg" ||      
	   strchr($path,".")==".GIF" ||
       strchr($path,".")==".gif" ||
	   strchr($path,".")==".PNG" ||
       strchr($path,".")==".png")

	   
    {
   echo "<img src=$path>"; 
   }
    
 
	   
   ?>
 
 </td>   
  </tr>
  <tr bgcolor="#FFFFFF">
    <td bgcolor="#F5F9F7" align="center"><?
	
    echo "<font color=\"blue\"> | $albumname |</font>";
	echo $AlbumName
	?></td>
    
  </tr>
   
 
</table>

</body>
</html>

Tag : PHP, MySQL

Date : 2011-11-22 09:42:41

By : AnnYZaa

View : 1142

Reply : 5

No. 1

bejita

โพสกระทู้ ( 293 )
บทความ ( 0 )

Code

$AlbumID มีค่าส่งมาหรือเปล่าคับ ลอง echo $sqlalbum ดูก่อน

Date : 2011-11-22 09:47:33

By : pumin99

No. 2

AnnY

โพสกระทู้ ( 129 )
บทความ ( 0 )

ตอบความคิดเห็นที่ : 1 เขียนโดย : pumin99 เมื่อวันที่ 2011-11-22 09:47:33

รายละเอียดของการตอบ ::

echo $sqlalbum ไม่มีค่ะอะไรเกิดขึ้นเลยค่ะ

Date : 2011-11-22 10:11:58

By : AnnYZaa

No. 3

asus

โพสกระทู้ ( 283 )
บทความ ( 0 )

$AlbumID

ไม่มีค่าครับ

ลองไล่ดูว่ารับค่า $AlbumID มาจาก page ไหน

ถ้าเป็นการส่งค่า get หรือค่า post ก็แล้วแต่

ต้องกำหนดตัวแปรไว้รับค่าด้วยครับ

เช่น Code (PHP)

$_get['AlbumID'] =$AlbumID;

หรือ 

$_post['AlbumID'] =$AlbumID;

ลองตามนี้ดูนะครับ

แต่ถ้าไม่ได้ยังไง ลองนำเอา

Code (PHP)

$sqlalbum = "select * from Album where AlbumID='แทนค่าข้อมูลใน DB'";

ลองทดสอบดูนะครับ

Date : 2011-11-22 10:35:54

By : asustak

No. 4

AnnY

โพสกระทู้ ( 129 )
บทความ ( 0 )

ลองแบบ post ยังไม่ได้ (ไม่รุ้ว่าทำถูรึป่าว)

แต่ทำแบบที่2
Code (PHP)

$sqlalbum = "select * from Album where AlbumID='แทนค่าข้อมูลใน DB'"

แบบนี้ได้ค่ะ

แต่จะใช้ยังไงคะ

Date : 2011-11-22 11:03:33

By : AnnYZaa

No. 5

asus

โพสกระทู้ ( 283 )
บทความ ( 0 )

ตอบความคิดเห็นที่ : 4 เขียนโดย : AnnYZaa เมื่อวันที่ 2011-11-22 11:03:33

รายละเอียดของการตอบ ::

$sqlalbum = "select * from Album where AlbumID='แทนค่าข้อมูลใน DB'"

ก่อนอื่นต้องรู้ก่อนว่า $AlbumID รับค่ามาจากไหน

สมมุตินะครับ

มี ฟอร์มส่งค่า ในหน้า index.php

ส่งค่า post ไปที่หน้า save-index.php

ที่หน้า save-index.php

ต้องมีตัวแปรที่ใช้กับค่า post จากหน้า index.php ด้วย

เช่น

หน้า index.php มีการส่งค่า ID เป็น ค่า post มาที่หน้า save-index.php

ที่หน้า save-index.php ต้องเขียน code ไว้รับ ลักษณะนี้ครับ

<?
Code (PHP)

$id = $_post['id'];

จากนั้น นำค่า id มา query เพื่อหา ข้อมูลของ id ดังกล่าว

เช่น

Code (PHP)

$qry = mysql_query("select * from member where id='$id')
$arr = mysql_fetch_array($qry);

echo $arr['username'];

ก็จะได้ข้อมูลชื่อออกมา

หลักการก็คล้ายๆกันนะครับ
ลองนำไปประยุกต์ใช้ได้ครับ

?>

ประวัติการแก้ไข
2011-11-22 11:29:27

Date : 2011-11-22 11:28:51

By : asustak

ค้นหาข้อมูล

แสดงความคิดเห็น

Re : ดึงข้อมูลจากฐานข้อมูลมาแสดงไม่ได้ ทั้งๆ ที่เป็นโค้ดเดิมแต่เปลี่ยนตัวแปร

รายละเอียด

เพื่อความเรียบร้อยของข้อความ ควรจัดรูปแบบให้พอดีกับขนาดของหน้าจอ เพื่อง่ายต่อการอ่านและสบายตา และตรวจสอบภาษาไทยให้ถูกต้อง

อัพโหลดแทรกรูปภาพ

Notice

เพื่อความปลอดภัยของเว็บบอร์ด ไม่อนุญาติให้แทรก แท็ก [img]....[/img] โดยการอัพโหลดไฟล์รูปจากที่อื่น เช่นเว็บไซต์ ฟรีอัพโหลดต่าง ๆ
อัพโหลดแทรกรูปภาพ ให้ใช้บริการอัพโหลดไฟล์ของไทยครีเอท และตัดรูปภาพให้พอดีกับสกรีน เพื่อความโหลดเร็วและไฟล์ไม่ถูกลบทิ้ง

เพื่อความปลอดภัยและการตรวจสอบ กระทู้ที่แทรกไฟล์อัพโหลดไฟล์จากที่อื่น อาจจะถูกลบทิ้ง

โดย

อีเมล์

บวกค่าให้ถูก